Fizikte tematik ödevler. Fizikte teori. Fizikte Birleşik Devlet Sınavına Hazırlık: örnekler, çözümler, açıklamalar

Çözüm. Bu görev Newton yasalarının uygulanmasını gerektirir. Şematik bir çizim yapmanızı öneririz; hareketin tüm kinematik özelliklerini gösterir. Mümkünse ivme vektörünü ve hareketli cisme uygulanan tüm kuvvetlerin vektörlerini gösterin; Bir cisme etki eden kuvvetlerin diğer cisimlerle etkileşimin sonucu olduğunu unutmayın. Daha sonra dinamiğin temel denklemini yazın. Bir referans sistemi seçin ve kuvvet ve ivme vektörlerinin izdüşümü için elde edilen denklemi yazın;

Önerilen algoritmayı takiben şematik bir çizim yapacağız (Şekil 1). Şekil bloğun ağırlık merkezine uygulanan kuvvetleri ve eğimli düzlemin yüzeyi ile ilişkili referans sisteminin koordinat eksenlerini göstermektedir. Tüm kuvvetler sabit olduğundan bloğun hareketi artan hızla birlikte eşit şekilde değişken olacaktır; ivme vektörü hareket yönünde yönlendirilir. Eksenlerin yönünü şekildeki gibi seçelim. Seçilen eksenlerdeki kuvvetlerin izdüşümlerini yazalım.

Dinamiğin temel denklemini yazalım:

TR + = (1)

Bu denklemi (1) kuvvetlerin ve ivmenin izdüşümü için yazalım.

OY ekseninde: vektör OY ekseninin yönü ile çakıştığı için yer reaksiyon kuvvetinin izdüşümü pozitiftir New York = N; vektör eksene dik olduğundan sürtünme kuvvetinin izdüşümü sıfırdır; yer çekimi izdüşümü negatif ve eşit olacaktır mg y= – mg cosa; ivme vektör projeksiyonu bir e= 0, çünkü ivme vektörü eksene diktir. Sahibiz N – mg cosα = 0 (2) denkleminden eğik düzlem tarafından bloğa etki eden reaksiyon kuvvetini ifade ediyoruz. N = mg cosa (3). OX eksenindeki izdüşümleri yazalım.

OX ekseninde: kuvvet projeksiyonu N vektör OX eksenine dik olduğundan sıfıra eşittir; Sürtünme kuvvetinin projeksiyonu negatiftir (vektör seçilen eksene göre ters yönde yönlendirilmiştir); yerçekimi izdüşümü pozitif ve eşittir mgx = mg sinα (4) bir dik üçgenden. Hızlanma tahmini olumlu bir x = A; Daha sonra projeksiyonu dikkate alarak denklem (1)'i yazıyoruz. mg sina – F tr = anne (5); F tr = M(G sina – A) (6); Sürtünme kuvvetinin normal basınç kuvvetiyle orantılı olduğunu unutmayın. N.

Tanım gereği F tr = μ N(7) bloğun eğik düzlemdeki sürtünme katsayısını ifade ediyoruz.

OGE ve Birleşik Devlet Sınavına Hazırlık Ortaöğretim genel eğitim UMK A.V. Grachev hattı. Fizik (10-11) (temel, ileri) UMK A.V. Grachev hattı. Fizik (7-9) UMK A.V. hattı. Fizik (7-9) Fizikte Birleşik Devlet Sınavına Hazırlık: örnekler, çözümler, açıklamalar Fizikteki Birleşik Devlet Sınavının (C Seçeneği) görevlerini öğretmenle analiz ediyoruz. Lebedeva Alevtina Sergeevna, fizik öğretmeni, 27 yıllık iş tecrübesi. Moskova Bölgesi Eğitim Bakanlığı'ndan Onur Belgesi (2013), Voskresensky Belediye Bölgesi Başkanından Şükran (2015), Moskova Bölgesi Matematik ve Fizik Öğretmenleri Derneği Başkanından Sertifika (2015). Çalışma farklı zorluk seviyelerinde görevler sunuyor: temel, ileri ve yüksek. Temel düzeydeki görevler, en önemli fiziksel kavramlara, modellere, olgulara ve yasalara hakimiyeti test eden basit görevlerdir. İleri düzey görevler, çeşitli süreçleri ve olayları analiz etmek için fizik kavramlarını ve yasalarını kullanma becerisinin yanı sıra okul fizik dersinin herhangi bir konusuyla ilgili bir veya iki yasayı (formülleri) kullanarak problemleri çözme yeteneğini test etmeyi amaçlamaktadır. . 4. çalışmada, 2. bölümün görevleri yüksek düzeyde karmaşıklığa sahip görevlerdir ve fizik yasalarını ve teorilerini değişen veya yeni bir durumda kullanma yeteneğini test eder. Bu tür görevleri tamamlamak, fiziğin iki veya üç bölümündeki bilgilerin aynı anda uygulanmasını gerektirir; yüksek düzeyde eğitim. Bu seçenek, Birleşik Devlet Sınavı 2017'nin demo sürümüne tamamen karşılık gelir; görevler, Birleşik Devlet Sınavı görevlerinin açık bankasından alınır. Şekilde hız modülünün zamana karşı grafiği gösterilmektedir T. Grafikten arabanın 0'dan 30 saniyeye kadar olan zaman aralığında kat ettiği mesafeyi belirleyin. Çözüm. Bir arabanın 0 ila 30 saniye arasındaki zaman aralığında kat ettiği yol, en kolay şekilde, tabanları (30 – 0) = 30 saniye ve (30 – 10) zaman aralıkları olan bir yamuğun alanı olarak tanımlanabilir. ) = 20 s ve yükseklik hızdır v= 10 m/s, yani. S = (30 + 20) İle 10 m/s = 250 m. 2 Cevap. 250 m. 100 kg ağırlığındaki bir yük bir halat yardımıyla dikey olarak yukarıya doğru kaldırılıyor. Şekil hız projeksiyonunun bağımlılığını göstermektedir V zamanın bir fonksiyonu olarak yukarı doğru yönlendirilmiş eksen üzerindeki yük T. Kaldırma sırasında kablo çekme kuvvetinin modülünü belirleyin. Çözüm. Hız projeksiyonu bağımlılık grafiğine göre v zamanın bir fonksiyonu olarak dikey olarak yukarı doğru yönlendirilmiş bir eksen üzerindeki yük T yükün ivmesinin projeksiyonunu belirleyebiliriz A = ∆v = (8 – 2) m/sn = 2 m/s2. ∆T 3 saniye Yüke şunlar etki eder: dikey olarak aşağıya doğru yönlendirilen yerçekimi kuvveti ve kablo boyunca dikey olarak yukarıya doğru yönlendirilen kablonun gerilme kuvveti (bkz. 2. Dinamiğin temel denklemini yazalım. Newton'un ikinci yasasını kullanalım. Bir cisme etki eden kuvvetlerin geometrik toplamı, cismin kütlesi ile ona verilen ivmenin çarpımına eşittir. + = (1) Dünya ile ilişkili referans sistemindeki vektörlerin OY eksenini yukarı doğru yönlendirerek izdüşümünün denklemini yazalım. Çekme kuvvetinin izdüşümü pozitiftir, kuvvetin yönü OY ekseninin yönü ile çakıştığı için, yerçekimi kuvvetinin izdüşümü negatiftir, kuvvet vektörü OY ekseninin tersi olduğundan, ivme vektörünün izdüşümü aynı zamanda pozitiftir, dolayısıyla vücut yukarı doğru ivmeyle hareket eder. Sahibiz T – mg = anne (2); formül (2)'den çekme kuvveti modülü T = M(G + A) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N. Cevap. 1200 N. Cisim, modülü 1,5 m/s olan sabit hızla pürüzlü bir yatay yüzey boyunca Şekil (1)'deki gibi bir kuvvet uygulanarak sürüklenmektedir. Bu durumda cisme etki eden kayma sürtünme kuvvetinin modülü 16 N'dir. Kuvvetin geliştirdiği güç nedir? F? Çözüm. Problem ifadesinde belirtilen fiziksel süreci hayal edelim ve vücuda etki eden tüm kuvvetleri gösteren şematik bir çizim yapalım (Şekil 2). Dinamiğin temel denklemini yazalım. TR + + = (1) Sabit bir yüzeyle ilişkili bir referans sistemi seçtikten sonra, vektörlerin seçilen koordinat eksenlerine izdüşümü için denklemler yazıyoruz. Problemin koşullarına göre cisim, hızı sabit ve 1,5 m/s'ye eşit olduğundan düzgün bir şekilde hareket etmektedir. Bu, cismin ivmesinin sıfır olduğu anlamına gelir. Cismin üzerine yatay olarak iki kuvvet etki eder: kayma sürtünme kuvveti tr. ve vücudun sürüklendiği kuvvet. Kuvvet vektörü eksen yönü ile çakışmadığı için sürtünme kuvvetinin projeksiyonu negatiftir. X. Kuvvet projeksiyonu F Olumlu. İzdüşümü bulmak için vektörün başından ve sonundan seçilen eksene dik olanı indirdiğimizi hatırlatırız. Bunu dikkate aldığımızda: F cosa – F tr = 0; (1) kuvvetin projeksiyonunu ifade edelim F, Bu F koza = F tr = 16 N; (2) o zaman kuvvetin geliştirdiği güç şuna eşit olacaktır: N = F cosa V(3) Denklem (2)'yi dikkate alarak bir değişiklik yapalım ve karşılık gelen verileri denklem (3)'te yerine koyalım: N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W. Cevap. 24 W. Sertliği 200 N/m olan hafif bir yaya bağlanan yük dikey salınımlara maruz kalıyor. Şekil yer değiştirme bağımlılığının bir grafiğini göstermektedir X zaman zaman yükleniyor T. Yükün kütlesinin ne olduğunu belirleyin. Cevabınızı bir tam sayıya yuvarlayın. Çözüm. Yay üzerindeki bir kütle dikey salınımlara maruz kalır. Yük deplasman grafiğine göre X zaman zaman T yükün salınım periyodunu belirleriz. Salınım periyodu eşittir T= 4 sn; formülden T= 2π kütleyi ifade edelim M kargo = T ; M = T 2 ; M = k T 2 ; M= 200 N/m (4 sn) 2 = 81,14 kg ≈ 81 kg. 2π k 4π 2 4π 2 39,438 Cevap: 81 kg. Şekilde, dengede tutabileceğiniz veya 10 kg ağırlığındaki bir yükü kaldırabileceğiniz iki hafif blok ve ağırlıksız bir kablodan oluşan bir sistem gösterilmektedir. Sürtünme ihmal edilebilir düzeydedir. Yukarıdaki şeklin analizine dayanarak, seçin iki Doğru ifadeleri belirtiniz ve cevabınızda bunların sayısını belirtiniz. Yükü dengede tutabilmek için halatın ucuna 100 N kuvvetle etki etmeniz gerekmektedir. Şekilde gösterilen blok sistemi herhangi bir mukavemet kazancı sağlamamaktadır. H, halat uzunluğu 3 olan bir bölümü çıkarmanız gerekir H. Yükü yavaşça yüksekliğe kaldırmak için HH. Çözüm. Bu problemde basit mekanizmaları, yani blokları hatırlamak gerekir: hareketli ve sabit blok. Hareketli blok güçte iki kat kazanç sağlarken, halatın bölümünün iki kat daha uzun çekilmesi gerekir ve sabit blok kuvveti yönlendirmek için kullanılır. İş yerinde basit kazanma mekanizmaları işe yaramıyor. Sorunu analiz ettikten sonra hemen gerekli ifadeleri seçiyoruz: Yükü yavaşça yüksekliğe kaldırmak için H, ip uzunluğu 2'nin bir kısmını çıkarmanız gerekiyor H. Yükü dengede tutabilmek için halatın ucuna 50 N kuvvetle etki etmeniz gerekmektedir. Cevap. 45. Ağırlıksız ve uzamayan bir ipliğe bağlanan alüminyum ağırlık, suyla dolu bir kaba tamamen daldırılır. Yük, geminin duvarlarına ve tabanına temas etmiyor. Daha sonra kütlesi alüminyum ağırlığın kütlesine eşit olan bir demir ağırlık, suyla aynı kaba daldırılır. Bunun sonucunda ipliğin çekme kuvvetinin modülü ve yüke etki eden yer çekimi kuvvetinin modülü nasıl değişecektir? Artar; Azalır; Değişmiyor. Çözüm. Sorunun durumunu analiz ediyoruz ve çalışma sırasında değişmeyen parametreleri vurguluyoruz: bunlar vücudun kütlesi ve vücudun bir iplik üzerine daldırıldığı sıvıdır. Bundan sonra şematik bir çizim yapmak ve yüke etki eden kuvvetleri belirtmek daha iyidir: iplik gerginliği F iplik boyunca yukarı doğru yönlendirilmiş kontrol; yerçekimi dikey olarak aşağıya doğru yönlendirilmiştir; Arşimet kuvveti A, daldırılmış gövde üzerindeki sıvının yanından etki eder ve yukarıya doğru yönlendirilir. Problemin koşullarına göre yüklerin kütlesi aynı olduğundan yüke etki eden yer çekimi kuvvetinin modülü değişmez. Yükün yoğunluğu farklı olduğundan hacmi de farklı olacaktır. V = M . P Demirin yoğunluğu 7800 kg/m3, alüminyum yükün yoğunluğu ise 2700 kg/m3'tür. Buradan, V Ve< Va. Vücut dengededir, vücuda etki eden tüm kuvvetlerin sonucu sıfırdır. OY koordinat eksenini yukarıya doğru yönlendirelim. Kuvvetlerin projeksiyonunu dikkate alarak dinamiğin temel denklemini şu şekilde yazıyoruz: F kontrol + Fa – mg= 0; (1) Gerilme kuvvetini ifade edelim F kontrol = mg – Fa(2); Arşimet kuvveti, sıvının yoğunluğuna ve vücudun batan kısmının hacmine bağlıdır. Fa = ρ gV p.h.t. (3); Sıvının yoğunluğu değişmez ve demir gövdenin hacmi küçülür V Ve< Va dolayısıyla demir yüküne etki eden Arşimet kuvveti daha az olacaktır. İpliğin gerginlik kuvvetinin modülü hakkında denklem (2) ile çalışarak artacağı sonucuna varıyoruz. Cevap. 13. Bir kütle bloğu M tabanda α açısı olan sabit, pürüzlü eğimli bir düzlemden kayar. Bloğun ivme modülü eşittir A bloğun hızının modülü artar. Hava direnci ihmal edilebilir. Fiziksel büyüklükler ile bunların hesaplanabileceği formüller arasında bir yazışma kurun. İlk sütundaki her konum için, ikinci sütundan karşılık gelen konumu seçin ve seçilen sayıları tabloda karşılık gelen harflerin altına yazın.
B) Bir blok ile eğik bir düzlem arasındaki sürtünme katsayısı	3) mg cosa
	4) sina – A G cosa

μ =	F TR	=	M(G sina – A)	= tgα –	A	(8).
	N		mg cosa		G cosa

Her harf için uygun pozisyonları seçiyoruz.

Cevap. bir-3; B-2.

Görev 8. Gaz halindeki oksijen, 33,2 litre hacimli bir kaptadır. Gaz basıncı 150 kPa, sıcaklığı 127° C. Bu kaptaki gazın kütlesini belirleyin. Cevabınızı gram cinsinden ifade edin ve en yakın tam sayıya yuvarlayın.

Çözüm. Birimlerin SI sistemine dönüştürülmesine dikkat edilmesi önemlidir. Sıcaklığı Kelvin'e dönüştürün T = T°C + 273, hacim V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m3 ; Basıncı dönüştürüyoruz P= 150 kPa = 150.000 Pa. İdeal gaz durum denklemini kullanma

Gazın kütlesini ifade edelim.

Cevabı hangi birimlerin yazmasının istendiğine dikkat ettiğinizden emin olun. Bu çok önemli.

Cevap.'48

Görev 9. 0,025 mol miktarındaki ideal tek atomlu gaz adyabatik olarak genişledi. Aynı zamanda sıcaklığı +103°C'den +23°C'ye düştü. Gazla ne kadar iş yapıldı? Cevabınızı Joule cinsinden ifade edin ve en yakın tam sayıya yuvarlayın.

Çözüm. Birincisi, gazın tek atomlu serbestlik derecesi sayısıdır. Ben= 3, ikinci olarak gaz adyabatik olarak genişler - bu, ısı değişimi olmadığı anlamına gelir Q= 0. Gaz iç enerjisini azaltarak iş yapar. Bunu dikkate alarak termodinamiğin birinci yasasını 0 = ∆ şeklinde yazıyoruz. sen + A G; (1) Gaz işini ifade edelim A g = –∆ sen(2); Tek atomlu bir gaz için iç enerjideki değişimi şu şekilde yazıyoruz:

Cevap. 25 J.

Belirli bir sıcaklıkta havanın bir kısmının bağıl nemi %10'dur. Sabit bir sıcaklıkta bağıl nemin %25 artması için havanın bu bölümünün basıncı kaç kez değiştirilmelidir?

Çözüm. Doymuş buhar ve hava nemi ile ilgili sorular çoğunlukla okul çocukları için zorluklara neden olur. Bağıl hava nemini hesaplamak için formülü kullanalım

Problemin koşullarına göre sıcaklık değişmez, yani doymuş buhar basıncı aynı kalır. Havanın iki durumu için formül (1)'i yazalım.

φ1 = %10; φ2 = %35

Hava basıncını (2), (3) formüllerinden ifade edip basınç oranını bulalım.

P 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
P 1		φ 1		10

Cevap. Basınç 3,5 kat artırılmalıdır.

Sıcak sıvı madde, bir eritme fırınında sabit güçte yavaş yavaş soğutuldu. Tablo, bir maddenin sıcaklığının zaman içindeki ölçümlerinin sonuçlarını göstermektedir.

Sağlanan listeden seçin iki Alınan ölçümlerin sonuçlarına karşılık gelen ve sayılarını gösteren ifadeler.

1. Bu koşullar altında maddenin erime noktası 232°C'dir.
2. 20 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi.
3. Sıvı ve katı haldeki bir maddenin ısı kapasitesi aynıdır.
4. 30 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi.
5. Maddenin kristalleşme süreci 25 dakikadan fazla sürdü.

Çözüm. Madde soğudukça iç enerjisi azaldı. Sıcaklık ölçümlerinin sonuçları, bir maddenin kristalleşmeye başladığı sıcaklığı belirlememizi sağlar. Bir madde sıvı halden katı hale geçerken sıcaklığı değişmez. Erime sıcaklığı ile kristalleşme sıcaklığının aynı olduğunu bilerek şu ifadeyi seçiyoruz:

1. Bu koşullar altında maddenin erime noktası 232°C'dir.

İkinci doğru ifade ise şöyle:

4. 30 dakika sonra. Ölçümlerin başlamasından sonra madde yalnızca katı haldeydi. Çünkü bu noktadaki sıcaklık zaten kristalizasyon sıcaklığının altındadır.

Cevap. 14.

İzole edilmiş bir sistemde A gövdesinin sıcaklığı +40°C, B gövdesinin sıcaklığı ise +65°C'dir. Bu cisimler birbirleriyle termal temasa getirildi. Bir süre sonra termal denge oluştu. Sonuç olarak B cisminin sıcaklığı ve A ve B cisimlerinin toplam iç enerjisi nasıl değişti?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artırılmış;
2. Azaldı;
3. Değişmedi.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Yalıtılmış bir cisimler sisteminde ısı alışverişi dışında herhangi bir enerji dönüşümü gerçekleşmiyorsa, iç enerjisi azalan cisimlerin verdiği ısı miktarı, iç enerjisi artan cisimlerin aldıkları ısı miktarına eşit olur. (Enerjinin korunumu kanununa göre.) Bu durumda sistemin toplam iç enerjisi değişmez. Bu tür problemler ısı dengesi denklemine göre çözülür.

∆U = ∑	N	∆sen ben = 0 (1);
	Ben = 1

nerede ∆ sen– iç enerjideki değişim.

Bizim durumumuzda ısı alışverişi sonucu B cismin iç enerjisi azalır, yani bu cismin sıcaklığı düşer. A cisminin iç enerjisi artar, B cisminden bir miktar ısı aldığından sıcaklığı artacaktır. A ve B cisimlerinin toplam iç enerjisi değişmez.

Cevap. 23.

Proton P Elektromıknatısın kutupları arasındaki boşluğa doğru uçan cisim, şekilde gösterildiği gibi manyetik alan indüksiyon vektörüne dik bir hıza sahiptir. Çizime göre yönlendirilmiş protona etki eden Lorentz kuvveti nerede (yukarı, gözlemciye doğru, gözlemciden uzağa, aşağı, sola, sağa)

Çözüm. Manyetik alan yüklü bir parçacığa Lorentz kuvvetiyle etki eder. Bu kuvvetin yönünü belirlemek için sol elin anımsatıcı kuralını hatırlamak ve parçacığın yükünü hesaba katmayı unutmamak önemlidir. Sol elin dört parmağını hız vektörü boyunca yönlendiriyoruz, pozitif yüklü bir parçacık için vektör avuç içine dik olarak girmelidir, 90°'ye ayarlı başparmak parçacık üzerine etki eden Lorentz kuvvetinin yönünü gösterir. Sonuç olarak, Lorentz kuvvet vektörünün şekle göre gözlemciden uzağa yönlendirildiğini elde ederiz.

Cevap. gözlemciden.

50 μF kapasiteli düz hava kondansatörünün elektrik alan şiddeti modülü 200 V/m'ye eşittir. Kapasitör plakaları arasındaki mesafe 2 mm'dir. Kondansatörün yükü nedir? Cevabınızı µC cinsinden yazın.

Çözüm. Tüm ölçü birimlerini SI sistemine çevirelim. Kapasitans C = 50 µF = 50 10 –6 F, plakalar arası mesafe D= 2 · 10 –3 m Sorun, elektrik yükünü ve elektrik alan enerjisini depolamak için kullanılan bir cihaz olan düz hava kapasitöründen bahsediyor. Elektriksel kapasitans formülünden

Nerede D– plakalar arasındaki mesafe.

Gerilimi ifade edelim sen=E D(4); (4)'ü (2)'de yerine koyalım ve kapasitörün yükünü hesaplayalım.

Q = C · Ed= 50 10 –6 200 0,002 = 20 µC

Lütfen cevabı yazmanız gereken birimlere dikkat edin. Bunu coulomb cinsinden aldık, ancak µC cinsinden sunuyoruz.

Cevap. 20 uC.

Öğrenci fotoğrafta gösterilen ışığın kırılması üzerine bir deney yaptı. Camda yayılan ışığın kırılma açısı ve camın kırılma indisi, geliş açısı arttıkça nasıl değişir?

1. Artışlar
2. Azalır
3. Değişmiyor
4. Her cevap için seçilen sayıları tabloya kaydedin. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Bu tür problemlerde kırılmanın ne olduğunu hatırlıyoruz. Bu, bir ortamdan diğerine geçerken dalganın yayılma yönündeki bir değişikliktir. Bunun nedeni, bu ortamlardaki dalga yayılma hızlarının farklı olmasıdır. Işığın hangi ortamdan yayıldığını bulduktan sonra kırılma yasasını şu şekilde yazalım:

sina	=	N 2	,
günah		N 1

Nerede N 2 – ışığın gittiği ortam olan camın mutlak kırılma indisi; N 1, ışığın geldiği ilk ortamın mutlak kırılma indisidir. Hava için N 1 = 1. α, ışının cam yarım silindirin yüzeyine gelme açısıdır, β, ışının camdaki kırılma açısıdır. Ayrıca, cam optik olarak daha yoğun bir ortam olduğundan, kırılma indisi yüksek bir ortam olduğundan, kırılma açısı geliş açısından daha az olacaktır. Işığın camda yayılma hızı daha yavaştır. Lütfen ışının geldiği noktada düzeltilen dikeyden açıları ölçtüğümüzü unutmayın. Gelme açısını arttırırsanız kırılma açısı da artacaktır. Bu, camın kırılma indisini değiştirmeyecektir.

Cevap.

Zamanın bir noktasında bakır atlamacı T 0 = 0, uçlarına 10 Ohm'luk bir direncin bağlı olduğu paralel yatay iletken raylar boyunca 2 m/s hızla hareket etmeye başlar. Sistemin tamamı dikey düzgün bir manyetik alan içerisindedir. Jumper'ın ve rayların direnci ihmal edilebilir düzeydedir; jumper her zaman raylara dik olarak yerleştirilir. Jumper, raylar ve direnç tarafından oluşturulan devre boyunca manyetik indüksiyon vektörünün akısı Ф zamanla değişir T grafikte gösterildiği gibi.

Grafiği kullanarak iki doğru ifadeyi seçin ve cevabınızda bunların sayılarını belirtin.

1. Zamana kadar T= 0,1 s devre boyunca manyetik akıdaki değişim 1 mWb'dir.
2. Jumper'daki endüksiyon akımı aralığı T= 0,1 sn T= 0,3 sn maks.
3. Devrede ortaya çıkan endüktif emf'nin modülü 10 mV'dir.
4. Jumper'da akan endüksiyon akımının gücü 64 mA'dır.
5. Jumper'ın hareketini sürdürmek için, rayların yönündeki çıkıntısı 0,2 N olan bir kuvvet uygulanır.

Çözüm. Manyetik indüksiyon vektörünün devre boyunca akışının zamana bağımlılığının bir grafiğini kullanarak, akının (F) değiştiği ve akıdaki değişimin sıfır olduğu alanları belirleyeceğiz. Bu, devrede indüklenen akımın görüneceği zaman aralıklarını belirlememize olanak sağlayacaktır. Doğru ifade:

1) O zamana kadar T= Devre boyunca manyetik akıdaki 0,1 s'lik değişim 1 mWb'ye eşittir ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Devrede ortaya çıkan endüktif emf'nin modülü EMR yasası kullanılarak belirlenir.

Cevap. 13.

Endüktansı 1 mH olan bir elektrik devresinde akım-zaman grafiğine dayanarak, 5 ila 10 s zaman aralığındaki kendi kendine endüktif emk modülünü belirleyin. Cevabınızı µV cinsinden yazın.

Çözüm. Tüm miktarları SI sistemine dönüştürelim, yani. 1 mH'nin endüktansını H'ye dönüştürürüz, 10 –3 H elde ederiz. Şekilde mA cinsinden gösterilen akım da 10 –3 ile çarpılarak A'ya dönüştürülecektir.

Kendi kendine indüksiyon emk'sinin formülü şu şekildedir:

bu durumda sorunun durumuna göre zaman aralığı verilir.

∆T= 10 sn – 5 sn = 5 sn

saniye ve grafiği kullanarak bu süre zarfında mevcut değişimin aralığını belirleriz:

∆BEN= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

Sayısal değerleri formül (2)'ye koyarsak, şunu elde ederiz:

| Ɛ | = 2 ·10 –6 V veya 2 µV.

Cevap. 2.

İki şeffaf düzlem-paralel plaka birbirine sıkıca bastırılır. Havadan birinci plakanın yüzeyine bir ışık ışını düşüyor (şekle bakın). Üst plakanın kırılma indisinin eşit olduğu bilinmektedir. N 2 = 1,77. Fiziksel büyüklükler ile anlamları arasında bir ilişki kurun. İlk sütundaki her konum için, ikinci sütundan karşılık gelen konumu seçin ve seçilen sayıları tabloda karşılık gelen harflerin altına yazın.

Çözüm.İki ortam arasındaki arayüzde ışığın kırılmasıyla ilgili sorunları, özellikle de ışığın düzlem-paralel plakalardan geçişiyle ilgili sorunları çözmek için aşağıdaki çözüm prosedürü önerilebilir: bir ortamdan diğerine gelen ışınların yolunu gösteren bir çizim yapın. bir diğer; İki ortam arasındaki arayüzde ışının geliş noktasında yüzeye bir normal çizin, geliş ve kırılma açılarını işaretleyin. Söz konusu ortamın optik yoğunluğuna özellikle dikkat edin ve bir ışık ışınının optik olarak daha az yoğun bir ortamdan optik olarak daha yoğun bir ortama geçtiğinde kırılma açısının geliş açısından daha küçük olacağını unutmayın. Şekil gelen ışın ile yüzey arasındaki açıyı göstermektedir, ancak gelme açısına ihtiyacımız var. Açıların, çarpma noktasında düzeltilen dikey çizgiye göre belirlendiğini unutmayın. Işının yüzeye gelme açısının 90° – 40° = 50°, kırılma indisi olduğunu tespit ediyoruz. N 2 = 1,77; N 1 = 1 (hava).

Kırılma yasasını yazalım

sinβ =	günah50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Işının plakalar boyunca yaklaşık yolunu çizelim. 2–3 ve 3–1 sınırları için formül (1)'i kullanıyoruz. Yanıt olarak alıyoruz

A) Işının plakalar arasındaki 2-3 sınırındaki geliş açısının sinüsü 2) ≈ 0,433'tür;

B) 3–1 sınırını geçerken ışının kırılma açısı (radyan cinsinden) 4) ≈ 0,873'tür.

Cevap. 24.

Termonükleer füzyon reaksiyonu sonucunda kaç tane α parçacığı ve kaç tane proton üretildiğini belirleyin

+ → X+ sen;

Çözüm. Tüm nükleer reaksiyonlarda elektrik yükünün ve nükleon sayısının korunumu yasalarına uyulur. Alfa parçacıklarının sayısını x, proton sayısını y ile gösterelim. Denklemler oluşturalım

+ → x + y;

sahip olduğumuz sistemi çözmek X = 1; sen = 2

Cevap. 1 – α parçacığı; 2 – protonlar.

İlk fotonun momentum modülü 1,32 · 10 –28 kg m/s'dir; bu, ikinci fotonun momentum modülünden 9,48 · 10 –28 kg m/s daha azdır. İkinci ve birinci fotonların enerji oranını E 2/E 1 bulun. Cevabınızı en yakın onluğa yuvarlayın.

Çözüm. Koşula göre ikinci fotonun momentumu birinci fotonun momentumundan daha büyüktür, yani temsil edilebilir. P 2 = P 1 + Δ P(1). Bir fotonun enerjisi, aşağıdaki denklemler kullanılarak fotonun momentumu cinsinden ifade edilebilir. Bu e = mc 2 (1) ve P = mc(2), o zaman

e = bilgisayar (3),

Nerede e– foton enerjisi, P– foton momentumu, m – foton kütlesi, C= 3 · 10 8 m/s – ışık hızı. Formül (3)'ü hesaba katarsak:

e 2	=	P 2	= 8,18;
e 1		P 1

Cevabı onda birine yuvarlıyoruz ve 8,2 alıyoruz.

Cevap. 8,2.

Atomun çekirdeği radyoaktif pozitron β bozunmasına uğramıştır. Bunun sonucunda çekirdeğin elektrik yükü ve içindeki nötron sayısı nasıl değişti?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artırılmış;
2. Azaldı;
3. Değişmedi.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm. Pozitron β - atom çekirdeğindeki bozunma, bir protonun bir pozitron emisyonuyla bir nötrona dönüşmesiyle meydana gelir. Bunun sonucunda çekirdekteki nötron sayısı bir artar, elektrik yükü bir azalır ve çekirdeğin kütle numarası değişmez. Böylece elementin dönüşüm reaksiyonu aşağıdaki gibidir:

Cevap. 21.

Kırınım ızgaralarını kullanarak kırınımı gözlemlemek için laboratuvarda beş deney yapıldı. Izgaraların her biri, belirli bir dalga boyuna sahip paralel monokromatik ışık ışınlarıyla aydınlatıldı. Her durumda ışık ızgaraya dik olarak düşüyordu. Bu deneylerin ikisinde aynı sayıda ana kırınım maksimumu gözlemlendi. Önce daha kısa periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deneyin numarasını, ardından daha büyük periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deneyin numarasını belirtin.

Çözüm. Işığın kırınımı, bir ışık ışınının geometrik bir gölge bölgesine girmesi olgusudur. Bir ışık dalgasının yolu boyunca, ışığı geçirmeyen büyük engellerde opak alanlar veya delikler olduğunda ve bu alanların veya deliklerin boyutları dalga boyuyla orantılı olduğunda kırınım gözlemlenebilir. En önemli kırınım cihazlarından biri kırınım ızgarasıdır. Kırınım modelinin maksimumlarına açısal yönler denklemle belirlenir.

D günahφ = kλ(1),

Nerede D– kırınım ızgarasının periyodu, φ – ızgaraya normal ile kırınım modelinin maksimumlarından birinin yönü arasındaki açı, λ – ışık dalga boyu, k– kırınım maksimumunun sırası olarak adlandırılan bir tamsayı. Denklem (1)'den ifade edelim.

Deney koşullarına göre çiftleri seçerek, önce daha kısa periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı yerde 4'ü seçiyoruz ve ardından daha büyük periyotlu bir kırınım ızgarasının kullanıldığı deney sayısını seçiyoruz - bu 2'dir.

Cevap. 42.

Akım, tel sargılı bir direnç üzerinden akar. Direnç, aynı metalden ve aynı uzunlukta, ancak kesit alanının yarısına sahip olan ve içinden akımın yarısı geçen bir tel ile başka bir dirençle değiştirildi. Direnç üzerindeki voltaj ve direnci nasıl değişecek?

Her miktar için, değişikliğin karşılık gelen niteliğini belirleyin:

1. Artacak;
2. Azalacak;
3. Değişmeyecek.

Tablodaki her fiziksel büyüklük için seçilen sayıları yazın. Cevaptaki sayılar tekrarlanabilir.

Çözüm.İletken direncinin hangi değerlere bağlı olduğunu hatırlamak önemlidir. Direnç hesaplama formülü şu şekildedir:

Devrenin bir bölümü için Ohm kanunu, formül (2)'den gerilimi ifade ediyoruz

sen = ben (3).

Sorunun koşullarına göre ikinci direnç aynı malzemeden, aynı uzunlukta fakat farklı kesit alanına sahip telden yapılır. Alan iki kat daha küçüktür. (1)'i değiştirerek direncin 2 kat arttığını ve akımın 2 kat azaldığını, dolayısıyla voltajın değişmediğini buluyoruz.

Cevap. 13.

Matematiksel bir sarkacın Dünya yüzeyindeki salınım periyodu, belirli bir gezegendeki salınım periyodundan 1,2 kat daha fazladır. Bu gezegende yer çekiminden kaynaklanan ivmenin büyüklüğü nedir? Her iki durumda da atmosferin etkisi ihmal edilebilir düzeydedir.

Çözüm. Matematiksel bir sarkaç, boyutları topun ve topun kendisinin boyutlarından çok daha büyük olan bir iplikten oluşan bir sistemdir. Thomson'un matematiksel bir sarkacın salınım periyoduna ilişkin formülü unutulursa zorluk ortaya çıkabilir.

T= 2π(1);

ben– matematiksel sarkacın uzunluğu; G– serbest düşme ivmesi.

Koşullara göre

(3)’ten ifade edelim G n = 14,4 m/s2. Yerçekimi ivmesinin gezegenin kütlesine ve yarıçapına bağlı olduğu unutulmamalıdır.

Cevap. 14,4 m/sn 2.

3 A akım taşıyan 1 m uzunluğunda düz bir iletken, indüksiyonlu düzgün bir manyetik alan içine yerleştirilmiştir. İÇİNDE= 0,4 Tesla, vektöre 30° açıyla. Manyetik alandan iletkene etki eden kuvvetin büyüklüğü nedir?

Çözüm. Akım taşıyan bir iletkeni manyetik alana yerleştirirseniz, akım taşıyan iletkenin üzerindeki alan bir Amper kuvvetiyle etki edecektir. Amper kuvvet modülünün formülünü yazalım

F bir = ben LB sina;

F bir = 0,6 N

Cevap. F A = 0,6 N.

Bobinden doğru akım geçtiğinde bobinde depolanan manyetik alan enerjisi 120 J'ye eşittir. İçinde depolanan manyetik alan enerjisinin artması için bobin sargısından akan akımın kuvvetinin kaç kat artması gerekir? 5760 J tarafından.

Çözüm. Bobinin manyetik alanının enerjisi aşağıdaki formülle hesaplanır:

W m =	LI 2	(1);
	2

Koşullara göre W 1 = 120 J, o zaman W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.

BEN 1 2 =	2W 1	; BEN 2 2 =	2W 2	;
	L		L

Daha sonra cari oran

BEN 2 2	= 49;	BEN 2	= 7
BEN 1 2		BEN 1

Cevap. Mevcut gücün 7 kat arttırılması gerekiyor. Cevap formuna sadece 7 sayısını giriyorsunuz.

Bir elektrik devresi, şekilde gösterildiği gibi birbirine bağlanan iki ampul, iki diyot ve bir sarım telden oluşur. (Resmin üst kısmında gösterildiği gibi bir diyot, akımın yalnızca bir yönde akmasına izin verir.) Mıknatısın kuzey kutbu bobine yaklaştırılırsa hangi ampul yanar? Açıklamanızda hangi olguları ve kalıpları kullandığınızı belirterek cevabınızı açıklayın.

Çözüm. Manyetik indüksiyon çizgileri mıknatısın kuzey kutbundan çıkar ve birbirinden ayrılır. Mıknatıs yaklaştıkça tel bobinden geçen manyetik akı artar. Lenz kuralına göre bobinin endüktif akımının oluşturduğu manyetik alanın sağa doğru yönlendirilmesi gerekir. Gimlet kuralına göre akımın saat yönünde (soldan bakıldığında) akması gerekir. İkinci lamba devresindeki diyot bu yönde geçer. Bu, ikinci lambanın yanacağı anlamına gelir.

Cevap.İkinci lamba yanacaktır.

Alüminyum jant teli uzunluğu L= 25 cm ve kesit alanı S= 0,1 cm2 üst ucundan bir ipe asılmıştır. Alt uç, içine suyun döküldüğü kabın yatay tabanına dayanır. Jant telinin batık kısmının uzunluğu ben= 10 cm Kuvveti bulun. Fİpliğin dikey olarak yerleştirildiği biliniyorsa, örgü iğnesinin kabın tabanına bastırdığı. Alüminyumun yoğunluğu ρ a = 2,7 g/cm3, suyun yoğunluğu ρ b = 1,0 g/cm3. Yer çekiminin hızlanması G= 10 m/s2

Çözüm. Açıklayıcı bir çizim yapalım.

– İplik gerginlik kuvveti;

– Kabın tabanının reaksiyon kuvveti;

a – Vücudun yalnızca suya batırılan kısmına etki eden ve jant telinin suya batırılan kısmının merkezine uygulanan Arşimet kuvveti;

– Dünyadan jant teline etki eden ve tüm jant telinin merkezine uygulanan yerçekimi kuvveti.

Tanım gereği, jant telinin kütlesi M ve Arşimet kuvvet modülü şu şekilde ifade edilir: M = SLρa(1);

F bir = SLρ içeride G (2)

Kolun asılı olduğu noktaya göre kuvvetlerin momentlerini ele alalım.

M(T) = 0 – çekme kuvveti momenti; (3)

M(K)= Hollanda cosα destek reaksiyon kuvvetinin momentidir; (4)

Anların işaretlerini dikkate alarak denklemi yazıyoruz

Hollanda cosa + SLρ içeride G (L –	ben	)cosα = SLρ A G	L	koza (7)
	2		2

Newton'un üçüncü yasasına göre kabın tabanının tepki kuvvetinin kuvvete eşit olduğu düşünülürse Förgü iğnesinin kabın dibine bastırdığı d yazıyoruz N = F d ve denklem (7)'den bu kuvveti ifade ediyoruz:

F d = [	1	Lρ A– (1 –	ben	)benρ içinde ] Çavuş (8).
	2		2L

Sayısal verileri yerine koyalım ve şunu elde edelim

F d = 0,025 N.

Cevap. F d = 0,025 N.

Silindir içeren M 1 = 1 kg nitrojen, dayanıklılık testi sırasında sıcaklıkta patladı T 1 = 327°C. Hangi hidrojen kütlesi M 2 böyle bir silindirde bir sıcaklıkta saklanabilir T 2 = 27°C, beş kat güvenlik marjına sahip mi? Azotun molar kütlesi M 1 = 28 g/mol, hidrojen M 2 = 2 g/mol.

Çözüm. Azot için Mendeleev-Clapeyron ideal gaz durum denklemini yazalım

Nerede V– silindirin hacmi, T 1 = T 1 + 273°C. Şartlara göre hidrojen basınçta depolanabilir P 2 = p1/5; (3) Bunu dikkate alarak

Hidrojenin kütlesini doğrudan denklemler (2), (3), (4) ile çalışarak ifade edebiliriz. Son formül şöyle görünür:

M 2 =	M 1		M 2		T 1	(5).
	5		M 1		T 2

Sayısal verileri değiştirdikten sonra M 2 = 28 gr.

Cevap. M 2 = 28 gr.

İdeal bir salınım devresinde, indüktördeki akım dalgalanmalarının genliği Ben= 5 mA ve kapasitördeki voltaj genliği Hımm= 2,0 V. Zamanında T kapasitör üzerindeki voltaj 1,2 V'dur. Bu anda bobindeki akımı bulun.

Çözüm.İdeal bir salınım devresinde salınım enerjisi korunur. Bir t anı için enerjinin korunumu yasası şu şekildedir:

C	sen 2	+ L	BEN 2	= L	Ben 2	(1)
	2		2		2

Genlik (maksimum) değerleri için yazıyoruz

ve denklem (2)'den ifade ediyoruz

C	=	Ben 2	(4).
L		Hımm 2

(4)'ü (3)'ün yerine koyalım. Sonuç olarak şunu elde ederiz:

BEN = Ben (5)

Böylece o anda bobindeki akım T eşit

BEN= 4,0 mA.

Cevap. BEN= 4,0 mA.

2 m derinlikte bir rezervuarın dibinde bir ayna bulunmaktadır. Sudan geçen bir ışık ışını aynadan yansıyarak sudan çıkar. Suyun kırılma indisi 1,33'tür. Işının geliş açısı 30° ise ışının suya giriş noktası ile sudan çıkış noktası arasındaki mesafeyi bulun.

Çözüm. Açıklayıcı bir çizim yapalım

α ışının geliş açısıdır;

β, ışının sudaki kırılma açısıdır;

AC, ışının suya giriş noktası ile ışının sudan çıkış noktası arasındaki mesafedir.

Işığın kırılma kanununa göre

sinβ =	sina	(3)
	N 2

Dikdörtgen ΔADB'yi düşünün. İçinde AD = H, o zaman DB = AD

tgβ = H tgβ = H	sina	= H	günah	= H	sina	(4)
	cosβ

Aşağıdaki ifadeyi elde ederiz:

AC = 2 DB = 2 H	sina	(5)

Elde edilen formülde sayısal değerleri yerine koyalım (5)

Cevap. 1,63 m.

Birleşik Devlet Sınavına hazırlanırken sizi aşağıdakileri tanımaya davet ediyoruz: Peryshkina A.V.'nin UMK serisine 7-9. sınıflar için fizik çalışma programı. Ve Myakisheva G.Ya. öğretim materyalleri için 10-11. Sınıflar için ileri düzey çalışma programı. Programlar tüm kayıtlı kullanıcılar tarafından görüntülenebilir ve ücretsiz olarak indirilebilir.

Yalnızca internete erişerek Fizikte Birleşik Devlet Sınavına kendi başınıza hazırlanmak mümkün mü? Her zaman bir şans vardır. “Fizik” ders kitabının yazarı. Birleşik Devlet Sınavına tam bir hazırlık kursu" I. V. Yakovlev.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına bağımsız hazırlık, teoriyi incelemekle başlar. Bu olmadan sorunları çözmeyi öğrenmek imkansızdır. Öncelikle herhangi bir konuyu ele aldıktan sonra teoriyi iyice anlamalı ve ilgili materyali okumalısınız.

"Newton Yasası" konusunu ele alalım. Atalet referans sistemleri hakkında okumanız, kuvvetlerin vektörel olarak toplandığını, vektörlerin bir eksene nasıl yansıtıldığını, bunun basit bir durumda (örneğin eğimli bir düzlemde) nasıl çalışabileceğini öğrenmeniz gerekir. Sürtünme kuvvetinin ne olduğunu, kayma sürtünme kuvvetinin statik sürtünme kuvvetinden nasıl farklılaştığını öğrenmemiz gerekiyor. Aralarında ayrım yapmazsanız büyük olasılıkla ilgili görevde hata yapacaksınız. Sonuçta problemler genellikle belirli teorik noktaları anlamak için verilir, bu nedenle teoriyi mümkün olduğunca net bir şekilde anlamanız gerekir.

Fizik dersinde tam olarak uzmanlaşmak için size I. V. Yakovlev'in “Fizik” ders kitabını öneriyoruz. Birleşik Devlet Sınavına hazırlık için eksiksiz bir kurs.” Bunu satın alabilir veya web sitemizdeki çevrimiçi materyalleri okuyabilirsiniz. Kitap sade ve anlaşılır bir dille yazılmıştır. Aynı zamanda iyidir çünkü içindeki teori, Birleşik Devlet Sınavı kodlayıcısının noktalarına göre tam olarak gruplandırılmıştır.

Daha sonra da görevler üstlenmemiz gerekiyor.
İlk aşama. Başlamak için en basit problem kitabını alın ve bu Rymkevich'in problem kitabıdır. Seçilen konuyla ilgili 10-15 problem çözmeniz gerekiyor. Bu koleksiyondaki görevler bir veya iki adımda oldukça basittir. Bu konudaki problemleri nasıl çözeceğinizi anlayacak ve aynı zamanda ihtiyaç duyulan tüm formülleri hatırlayacaksınız.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına kendi başınıza hazırlandığınızda, özel olarak formüller doldurmanıza ve kopya kağıtları yazmanıza gerek yoktur. Bütün bunlar ancak sorunların çözülmesiyle gerçekleştiğinde etkili bir şekilde algılanır. Rymkevich'in problem kitabı, başka hiçbir şeye benzemeyen şu temel hedefi karşılıyor: Basit problemleri çözmeyi öğrenmek ve aynı zamanda tüm formülleri öğrenmek.

İkinci aşama.Özellikle Birleşik Devlet Sınavının görevleri konusunda eğitime geçmenin zamanı geldi. Demidova'nın (kapaktaki Rus üç renkli) düzenlediği harika kılavuzları kullanarak hazırlanmak en iyisidir. Bu koleksiyonlar standart seçeneklerden oluşan koleksiyonlar ve tematik seçeneklerden oluşan koleksiyonlar olmak üzere iki türde gelir. Tematik seçeneklerle başlamanız önerilir. Bu koleksiyonlar şu şekilde yapılandırılmıştır: öncelikle sadece mekanik üzerine seçenekler vardır. Birleşik Devlet Sınavının yapısına uygun olarak düzenlenmiştir ancak içlerindeki görevler yalnızca mekanik üzerinedir. Daha sonra mekanik sabitlenir, termodinamik bağlanır. Sonra - mekanik + termodinamik + elektrodinamik. Daha sonra optik ve kuantum fiziği eklenir, ardından bu kılavuz Birleşik Devlet Sınavının tüm konularda 10 tam teşekküllü versiyonunu sunar.
Yaklaşık 20 tematik seçenek içeren bu kılavuz, fizikte Birleşik Devlet Sınavına bağımsız olarak hazırlananlar için Rymkevich'in problem kitabından sonra ikinci adım olarak önerilmektedir.

Örneğin bu bir koleksiyon olabilir
“Birleşik Devlet Sınav Fiziği. Tematik sınav seçenekleri." M.Yu. Demidova, I.I. Nurminsky, V.A. Gribov.

Benzer şekilde, tipik sınav seçeneklerinin seçildiği koleksiyonları kullanıyoruz

Üçüncü aşama. Zaman izin verirse üçüncü aşamaya geçilmesi oldukça arzu edilir. Bu, daha yüksek düzeydeki Fizik ve Teknolojinin görevleri üzerine eğitimdir. Örneğin Bakanina, Belonuchkin, Kozel'in (Prosveshcheniye yayınevi) sorunlu kitabı. Bu tür koleksiyonların hedefleri, Birleşik Devlet Sınavı seviyesini ciddi şekilde aşmaktadır. Ancak sınavı başarıyla geçmek için, banal özgüven de dahil olmak üzere çeşitli nedenlerden dolayı birkaç adım daha yükseğe hazırlanmanız gerekir.

Kendinizi yalnızca Birleşik Devlet Sınavı kılavuzlarıyla sınırlamanıza gerek yok. Birleşik Devlet Sınavında görevlerin tekrarlanacağı bir gerçek değil. USE koleksiyonlarında daha önce bulunmayan görevler olabilir.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına bağımsız olarak hazırlanırken zaman nasıl dağıtılır?
Bir yıl ve 5 büyük konunuz olduğunda ne yapmalısınız: mekanik, termodinamik, elektrik, optik, kuantum ve nükleer fizik?

Maksimum miktar - toplam hazırlık süresinin yarısı - iki konuya ayrılmalıdır: mekanik ve elektrik. Bunlar baskın temalardır, en karmaşık olanlardır. Mekanik 9. sınıfta inceleniyor ve bunu en iyi okul çocuklarının bildiğine inanılıyor. Ancak gerçekte durum böyle değil. Mekanik problemler mümkün olduğu kadar karmaşıktır. Ve elektrik başlı başına zor bir konudur.
Termodinamik ve moleküler fizik oldukça basit bir konudur. Elbette burada da tuzaklar var. Örneğin okul çocukları doymuş çiftlerin ne olduğunu pek anlamıyorlar. Ancak genel olarak deneyimler, mekanik ve elektrikte olduğu gibi sorunların olmadığını göstermektedir. Okul düzeyinde termodinamik ve moleküler fizik daha basit bir bölümdür. Ve en önemlisi bu bölüm özerktir. Mekanik olmadan, elektrik olmadan çalışılabilir, kendi başınadır.

Aynı şey optik için de söylenebilir. Geometrik optik basittir - geometriye gelir. İnce merceklerle ilgili temel şeyleri, kırılma yasasını öğrenmeniz gerekiyor - hepsi bu. Birleşik Devlet Muayenesinde dalga optiği (girişim, ışık kırınımı) minimum miktarlarda mevcuttur. Seçeneklerin derleyicileri, Birleşik Devlet Sınavında bu konuyla ilgili herhangi bir karmaşık sorun ortaya çıkarmaz.

Geriye kuantum ve nükleer fizik kalıyor. Okul çocukları geleneksel olarak bu bölümden korkarlar ve boşuna çünkü bu en basitidir. Birleşik Devlet Sınavının son bölümünün son görevi - fotoelektrik etki, ışık basıncı, nükleer fizik - diğerlerinden daha kolaydır. Einstein'ın fotoelektrik etki denklemini ve radyoaktif bozunma yasasını bilmeniz gerekir.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavı versiyonunda ayrıntılı bir çözüm yazmanız gereken 5 problem bulunmaktadır. Birleşik Devlet Sınavının fizikteki özelliği, sayı arttıkça problemin karmaşıklığının artmamasıdır. Birleşik Devlet Fizik Sınavında hangi problemin zor olacağını asla bilemezsiniz. Bazen mekanik zordur, bazen termodinamik. Ancak geleneksel olarak kuantum ve nükleer fizikteki problem en basit olanıdır.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavına kendi başınıza hazırlanmak mümkündür. Ancak kalifiye bir uzmana başvurmak için en ufak bir fırsat bile varsa, bunu yapmak daha iyidir. Fizikte Birleşik Devlet Sınavına kendi başlarına hazırlanan okul çocukları, sırf hazırlık stratejisini ve taktiklerini anlamadıkları için sınavda çok fazla puan kaybetme riskiyle karşı karşıyadır. Uzman hangi yöne gideceğini bilir ama öğrenci bunu bilemeyebilir.

Sizi Fizikte Birleşik Devlet Sınavına hazırlık kurslarımıza davet ediyoruz. Bir yıllık eğitim, bir fizik dersinde 80-100 puan seviyesinde uzmanlaşmak anlamına gelir. Birleşik Devlet Sınavına hazırlanırken iyi şanslar!

Arkadaşlarına söyle!

Fizik oldukça karmaşık bir konudur, bu nedenle Fizik 2020'de Birleşik Devlet Sınavına hazırlanmak yeterli zaman alacaktır. Komisyon, teorik bilginin yanı sıra diyagramları okuma ve problem çözme yeteneğini de test edecek.

Sınav kağıdının yapısına bakalım

İki bloğa dağıtılmış 32 görevden oluşur. Anlamak için tüm bilgileri bir tabloda düzenlemek daha uygundur.

Fizikte Birleşik Devlet Sınavının bölümlere göre tüm teorisi

• Mekanik. Bu, dinamik ve kinematik, mekanikteki korunum yasaları, statik, titreşimler ve mekanik nitelikteki dalgalar dahil olmak üzere cisimlerin hareketini ve aralarında meydana gelen etkileşimleri inceleyen çok büyük ama nispeten basit bir bölümdür.
• Moleküler fizik. Bu konu termodinamik ve moleküler kinetik teoriyi vurgulamaktadır.
• Kuantum fiziği ve astrofiziğin bileşenleri. Bunlar hem çalışma sırasında hem de test sırasında zorluklara neden olan en zor bölümlerdir. Ama aynı zamanda belki de en ilginç bölümlerden biri. Burada atom fiziği ve atom çekirdeği, dalga-parçacık ikiliği ve astrofizik gibi konularda bilgi test edilir.
• Elektrodinamik ve özel görelilik teorisi. Burada SRT'nin temelleri olan optiği incelemeden yapamazsınız; elektrik ve manyetik alanların nasıl çalıştığını, doğru akımın ne olduğunu, elektromanyetik indüksiyonun ilkelerinin neler olduğunu, elektromanyetik salınımların ve dalgaların nasıl ortaya çıktığını bilmeniz gerekir.

Evet, çok fazla bilgi var, hacim çok iyi. Fizikte Birleşik Devlet Sınavını başarıyla geçmek için, konuyla ilgili tüm okul kursuna çok iyi hakim olmanız gerekir ve bu konu tam beş yıl boyunca çalışılır. Dolayısıyla birkaç hafta, hatta bir ay içinde bu sınava hazırlanmak mümkün olmayacaktır. Testler sırasında kendinizi sakin hissedebilmeniz için şimdiden başlamanız gerekiyor.

Ne yazık ki fizik konusu birçok mezun için, özellikle de üniversiteye girişte fizik konusunu ana dal olarak seçenler için zorluklara neden oluyor. Bu disiplinin etkili bir şekilde öğrenilmesinin kuralları, formülleri ve algoritmaları ezberlemekle hiçbir ilgisi yoktur. Ayrıca fizik fikirlerine hakim olmak ve mümkün olduğunca çok teori okumak yeterli değildir; matematiksel tekniklerde yetkin olmanız gerekir. Çoğu zaman, zayıf matematik hazırlığı öğrencinin fiziği iyi geçmesini engeller.

Nasıl hazırlanır?

Her şey çok basit: teorik bir bölüm seçin, dikkatlice okuyun, inceleyin, tüm fiziksel kavramları, ilkeleri, varsayımları anlamaya çalışın. Daha sonra seçilen konuyla ilgili pratik problemleri çözerek hazırlığınızı güçlendirin. Bilginizi test etmek için çevrimiçi testleri kullanın; bu, nerede hata yaptığınızı anında anlamanıza ve bir sorunu çözmek için belirli bir süre verildiği gerçeğine alışmanıza olanak tanır. Size iyi şanslar diliyoruz!

 

---

Okumak:
Neden deniz dalgalarında bir fırtına hayal ediyorsunuz? Bütçe ile yerleşimlerin muhasebeleştirilmesi Bir tavada süzme peynirden cheesecake - kabarık cheesecake için klasik tarifler 500 g süzme peynirden Cheesecake Kuru erikli siyah inci salatası Kuru erikli siyah inci salatası Domates salçası tarifleri ile Lecho